php中unset变量之后只是断开了变量名和变量内容之间的绑定，变量内容并没有被销毁吗？

Question

下列代码执行结果仍为1

<?php
    $a = 1;
    $b =& $a;
    unset($a);
    echo $b;
?>

请问各位大牛，怎么做到真正的清空这段内存？

Answer 1

要搞懂这个问题，首先要熟悉PHP底层实现中的两个概念：变量类型和符号表。

在PHP的底层实现，也就是zval中，对PHP的变量类型分为了两种实现形式：对于常规类型，数据的值是直接存储在zval中的；对于对象、数组这类复杂的类型，数据的值是剥离zval，存储在内存的其他地方的，而zval中只存储了那块存储数据的内存地址。

符号表是PHP程序中变量名称和zval值对应关系的存储场所，在PHP底层实现中，是使用HashTable实现的。

在我们unset变量时，实际上PHP只是从符号表里标记清除了这个变量的zval。但由于HashTable是直接存储zval而非引用存储的，所以符号表中所占用的zval内存实际上没有真正释放。当然，在某些对符号表的操作中，可能会触发符号表的自我伸缩，这时候才会真正的对内存进行申请和释放。
另外一方面，如果我们unset的是PHP的复杂类型，除了符号表中的zval外，数据的内容实际上存储在另外一块内存中。对于这种引用类型，PHP都会带有一个refcount引用计数，当zval被清除或者其他操作减少了对象的引用时，变量的引用计数会减一。而如果引用计数为零，则表示变量已经不在PHP程序中被使用了。而对于这类变量，PHP的垃圾回收机制会进行回收并释放那一块的内存。

Answer 2

在内存堆栈中，a，b只是指向1的引用。只有把指向1的所有引用都销毁掉，才能真正的将1销毁掉。

<?php
    $a = 1;
    $b =& $a;
    unset($a, $b);
    echo $b;
?>

output：

PHP Notice:  Undefined variable: b in /path/to/file/a.php on line 5

Notice: Undefined variable: b in /path/to/file/a.php on line 5

对常量来说，到底是引用还是内存值，我们通过下面的方式来验证：

<?php
    $a = 1;
    $b =$a;
    var_dump($a,$b);
    $a = 2;
    var_dump($a,$b);

?>

输出如下：

int(1)
int(1)
int(2)
int(1)

如果是引用存储的话，那么第二个var_dump输出应该是2，2.

你也可以用debug_zval_dump 这个函数来验证。

参考：http://php.net/manual/zh/function.debug-zval-dump.php

Answer 3

这属于底层概念，现代语言大多数都带有垃圾回收机制的。
大多数垃圾回收机制是采用引用计数的来实现的，当你把$a地址引用到$b的时候，这一块内存的引用就会+1。当你在unset($a)的时候代码的引用计数-1。但是并不为0，这代表这块内存还是有别的地方在使用着呢，禁止被回收！

所以在当你没有符号引用$a这段内存的时候，被GC扫描到，这段内存就会被回收了。

不能用c/c++的思想去理解这样的语言，因为很多东西你是不可控的，比如内存管理。

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分隔符，如果有新手对楼主的结果有异议的话，可以在线运行一下试试
https://www.bytelang.com/o/s/...

Answer 4

我就贴一下手册 http://php.net/manual/zh/func...

如果在函数中 unset() 一个通过引用传递的变量，则只是局部变量被销毁，而在调用环境中的变量将保持调用 unset() 之前一样的值
如果在函数中 unset() 一个全局变量，则只是局部变量被销毁，而在调用环境中的变量将保持调用 unset() 之前一样的值。